De juiste query maken

Ik geloof ook niet dat dit werkt :

WHERE `userid` = `2` = `$Wie`

maak hiervan:

<?php
$sql = "SELECT
*
FROM
cpl_li
WHERE
(userid LIKE '2' OR userid LIKE '".$Wie."')
AND
lastconnect LIKE '".$tijd."' ";
$result = mysql_query($sql);
?>

Hou ook je vars buiten quotes!

en de backticks uit je code

Bij deze ook aangepast.. :)

@Wout


Dank voor je reactie maar je begrijpt me niet denk ik.(mijn fout hoor)

Ik selecteer een ID uit de database en wil dat later als echo $wie weergeven.]

Rieksie

<?php
$sql = "SELECT
userid
AS
wie
FROM
cpl_li
WHERE
userid = 2
AND
lastconnect LIKE '".$tijd."' ";
$result = mysql_query($sql);
$rij = mysql_fetch_array($result);
echo $rij['wie'];
?>

Doe ook nog wat aan foutafhandeling. Het feit dat je geen error te zien kreeg, doet mij denken dat je nergens controleert of de queries wel zijn gelukt...

<?php
// SQL
// Query uitvoeren en in $result zetten

if($result){ // query is gelukt
// doe iets, bv. fetchen en gaan echoen
}
else { // query mislukt
echo mysql_error();
}
?>
Dit kan nog een stuk beter, maar het is een begin.

Oei je bent me voor :)
Je moet dan idd in de select wanneer je het veld definieert een alias aanvoegen, je kunt het ook zo doen:

<?php
$sql = "SELECT
*
FROM
cpl_li
WHERE
(userid LIKE '2' OR userid LIKE '".$Wie."')
AND
lastconnect LIKE '".$tijd."' ";
$result = mysql_query($sql);
while ($row = mysql_fetch_array($result)) {
$wie = $row['db_veld'];
echo $wie;
}
?>

@Wout: Waarom zou je in vredesnaam LIKE gebruiken? Een userid is een integer, daar kun je dus een normale vergelijking toepassen. IN() is trouwens nog fraaier:
<?
$sql = "SELECT
*
FROM
cpl_li
WHERE
userid IN('2', '".$Wie."')
AND
lastconnect LIKE '".$tijd."' ";
?>
De IN() is eenvoudig uit te breiden, wanneer daar behoefte aan is.

@Allemaal

Dit is mijn script maar werkt niet en krijg ook geen foutmelding.

<?php


// Database connectie 
$dbhost = "localhost";
$dbuser = ""; // MySQL gebruikersnaam
$dbpass = ""; // MySQL wachtwoord
$dbname = ""; // database naam

// Connect to MySQL Database
@mysql_connect($dbhost,$dbuser,$dbpass);
@mysql_select_db($dbname) or die("Geen database geselecteerd");
//einde database connectie





echo "<table width=\"100%\" border=\"0\" cellpadding=\"0\" cellspacing=\"0\" bgcolor=\"#F9F8F8\">";
  echo "<tr>";
  echo "<td>";

			
		
			//-- SELECTEER GEGEVENS!
  $sql = "SELECT
               userid
           AS
               Wie
           FROM
               cpl_li
           WHERE
                userid = 2
            AND
                 lastconnect LIKE '".$tijd."' ";
$result = mysql_query($sql);
$rij = mysql_fetch_array($result);
echo $rij['Wie'];




        echo "<img src=\"../img/icons/accountinfo.jpg\" border=\"0\"><br><br>";
		echo "<font face=\"Verdana\" size=\"1\" color=\"#121260\">";

		echo "<b>Wie:</b> $Wie<br>";
		echo "<b>Tijd:</b> $tijd<br>";
		
		
		echo "</td>";
  echo "</tr>";
  echo "</table>";
		
	
  ?>

en krijg ook geen foutmelding.

En waar controleer jij dan of er ergens iets fout gaat? Ik zie nergens een check of $result TRUE of FALSE is.

Verder vermoed ik dat de volgende regels in je script (bovenaan je script) wonderen doen:
<?php
ini_set('display_errors', 1);
error_reporting(E_ALL | E_STRICT);

// rest van de code
?>
En de @-jes in je script gooi je weg, daarmee onderdruk je foutmeldingen en dat wil je niet. Zeker niet tijdens het debuggen!